摘花生

题目链接

Hello Kitty想摘点花生送给她喜欢的米老鼠。

她来到一片有网格状道路的矩形花生地(如下图)，从西北角进去，东南角出来。

地里每个道路的交叉点上都有种着一株花生苗，上面有若干颗花生，经过一株花生苗就能摘走该它上面所有的花生。

Hello Kitty只能向东或向南走，不能向西或向北走。

问Hello Kitty最多能够摘到多少颗花生。

输入格式

第一行是一个整数T，代表一共有多少组数据。

接下来是T组数据。

每组数据的第一行是两个整数，分别代表花生苗的行数R和列数 C。

每组数据的接下来R行数据，从北向南依次描述每行花生苗的情况。每行数据有C个整数，按从西向东的顺序描述了该行每株花生苗上的花生数目M。

输出格式

对每组输入数据，输出一行，内容为Hello Kitty能摘到得最多的花生颗数。

数据范围

$1≤T≤100,$
$1≤R,C≤100,$
$0≤M≤1000$

输入样例

输出样例

8
16

题意

从左上角走到右下角，求走过的交点最大权值和

思路

f[i][j]表示到达（i，j）点权重的最大值

因为只能向右走或向下走，所以到达（i，j）点的方式一定是：从左边的点向右走一步 / 从上面的点向下走一步

而左边的点权重最大值是f[i][j-1]，上面的点权重最大值是f[i-1][j]，从中取较大的，加上自身权值即可

代码

#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;

const int N = 110;

int n, m;
int w[N][N];
int f[N][N];

int main()
{
    int tt;
    cin >> tt;
    while (tt -- )
    {
        cin >> n >> m;
        for (int i = 1; i <= n; i ++ )
            for (int j = 1; j <= m; j ++ )
                cin >> w[i][j];
        
        for (int i = 1; i <= n; i ++ )
            for (int j = 1; j <= m; j ++ )
                f[i][j] = max(f[i - 1][j], f[i][j - 1]) + w[i][j];

        cout << f[n][m] << '\n';
    }
}

最低通行费

原题链接

一个商人穿过一个 $N×N$ 的正方形的网格，去参加一个非常重要的商务活动。

他要从网格的左上角进，右下角出。

每穿越中间 1 个小方格，都要花费 1 个单位时间。

商人必须在 $(2N−1)$ 个单位时间穿越出去。

而在经过中间的每个小方格时，都需要缴纳一定的费用。

这个商人期望在规定时间内用最少费用穿越出去。

请问至少需要多少费用？

注意：不能对角穿越各个小方格（即，只能向上下左右四个方向移动且不能离开网格）。

输入格式

第一行是一个整数，表示正方形的宽度 $N$。

后面 $N$ 行，每行 $N$ 个不大于 100 的正整数，为网格上每个小方格的费用。

输出格式

输出一个整数，表示至少需要的费用。

数据范围

$1≤N≤100$

输入样例

5
1  4  6  8  10
2  5  7  15 17
6  8  9  18 20
10 11 12 19 21
20 23 25 29 33

输出样例

样例解释

样例中，最小值为 $109=1+2+5+7+9+12+19+21+33$。

题意

从左上角走到右下角，不超过2n-1步，求权重之和最小值

思路

和上一题一样，都是左上角走到右下角

步数不超过2n-1，翻译过来就是不走回头路

只是把最大值改成了最小值

代码

#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;

const int N = 110, inf = 0x3f3f3f3f;

int n;
int w[N][N];
int f[N][N];

int main()
{
    cin >> n;
    
    for (int i = 1; i <= n; i ++ )
        for (int j = 1; j <= n; j ++ )
            cin >> w[i][j];

    for (int i = 1; i <= n; i ++ )
        for (int j = 1; j <= n; j ++ )
            if (i == 1 && j == 1) f[i][j] = w[i][j];
            else
            {
                f[i][j] = -inf;
                if (i > 1) f[i][j] = min(f[i][j], f[i - 1][j] + w[i][j]);
                if (j > 1) f[i][j] = min(f[i][j], f[i][j - 1] + w[i][j]);
            }

    cout << f[n][n] << '\n';
}

方格取数

题目链接

设有 N×N 的方格图，我们在其中的某些方格中填入正整数，而其它的方格中则放入数字0。如下图所示：

某人从图中的左上角 A 出发，可以向下行走，也可以向右行走，直到到达右下角的 B 点。

在走过的路上，他可以取走方格中的数（取走后的方格中将变为数字0）。

此人从 A 点到 B 点共走了两次，试找出两条这样的路径，使得取得的数字和为最大。

输入格式

第一行为一个整数$N$，表示 $N×N$ 的方格图。

接下来的每行有三个整数，第一个为行号数，第二个为列号数，第三个为在该行、该列上所放的数。

行和列编号从 1 开始。

一行“0 0 0”表示结束。

输出格式

输出一个整数，表示两条路径上取得的最大的和。

数据范围

$N≤10$

输入样例

输出样例

题意

矩阵中有数，从左上角走到右下角，走两次，求权重最大值之和

思路

摘花生问题的扩展版：走一次变成走两次

类比推广：f[i1][j1][i2][j2]表示所有从（1,1）分别走到（i1，j1）（i2，j2）路径的最大值

如何处理同一个格子不被重复选择呢？

因为从左上角走到右下角，走的步数都是一样的，所以i1 + j1 == i2 + j2一定成立

所以我们可以将f[i1][j1][i2][j2]降维为f[k][i1][i2]，k就是当前走过的步数

f[k][i1][i2]怎么计算呢？

分为四种情况：

第一条线路最后一步向下，第二条线路最后一步向下f[k - 1][i1 - 1][i2 - 1]
第一条线路最后一步向下，第二条线路最后一步向右f[k - 1][i1 - 1][i2]
第一条线路最后一步向右，第二条线路最后一步向下f[k - 1][i1][i2 - 1]
第一条线路最后一步向右，第二条线路最后一步向右f[k - 1][i1][i2]

然后判断（i1，j1）和（i2，j2）是否重合，重合只用加 w[i1][j1]，不重合需要加w[i1][j1] + w[i2][j2]

取最大值即可

代码

#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;

const int N = 15;

int n;
int w[N][N];
int f[N * 2][N][N];

int main()
{
    cin >> n;

    int a, b, c;
    while (cin >> a >> b >> c, a || b || c) w[a][b] = c;

    for (int k = 2; k <= n * 2; k ++ )
        for (int i1 = 1; i1 <= n; i1 ++ )
            for (int i2 = 1; i2 <= n; i2 ++ )
            {
                int j1 = k - i1, j2 = k - i2;
                if (j1 >= 1 && j1 <= n && j2 >= 1 && j2 <= n)
                {
                    int t = w[i1][j1];
                    if (i1 != i2) t += w[i2][j2];
                    int &x = f[k][i1][i2];

                    x = max(x, f[k - 1][i1 - 1][i2 - 1] + t);
                    x = max(x, f[k - 1][i1 - 1][i2] + t);
                    x = max(x, f[k - 1][i1][i2 - 1] + t);
                    x = max(x, f[k - 1][i1][i2] + t);
                }
            }

    cout << f[n + n][n][n] << '\n';
}