定义 什么是 Flood Fill 算法? 字面意思理解:洪水覆盖 也就是说,下图的格子分为两大类,一类比较高一类比较低,现在从任意一处较低的格子开始灌水,下一次水将会覆盖它==相邻的==、==较低的==格子,依此类推 这就相当于是BFS的思想(也可以用DFS实现,但BFS不会出现爆栈的问题)
Flood Fill 算法可以在线性时间复杂度内,找到某个点所在的连通块
例题 池塘计数 原题链接
农夫约翰有一片 N∗M 的矩形土地。
最近,由于降雨的原因,部分土地被水淹没了。
现在用一个字符矩阵来表示他的土地。
每个单元格内,如果包含雨水,则用”W”表示,如果不含雨水,则用”.”表示。
现在,约翰想知道他的土地中形成了多少片池塘。
每组相连的积水单元格集合可以看作是一片池塘。
每个单元格视为与其上、下、左、右、左上、右上、左下、右下八个邻近单元格相连。
请你输出共有多少片池塘,即矩阵中共有多少片相连的”W”块。
输入格式
第一行包含两个整数 N 和 M。
接下来 N 行,每行包含 M 个字符,字符为”W”或”.”,用以表示矩形土地的积水状况,字符之间没有空格。
输出格式
输出一个整数,表示池塘数目。
数据范围 1 ≤ N, M ≤ 1000
输入样例 10 12 W........WW. .WWW.....WWW ....WW...WW. .........WW. .........W.. ..W......W.. .W.W.....WW. W.W.W.....W. .W.W......W. ..W.......W.
输出样例
题意 模板题,问有多少连通块
思路 按顺序遍历图上每一个点,如果这个点是洼地且未被遍历过,就在答案的基础上加1,并且标记这个连通块的所有点,直到遍历完整个图
代码 #include <bits/stdc++.h> using namespace std;typedef pair<int , int > PII;#define ft first #define sd second const int N = 1010 , M = N * N;int n, m;char g[N][N]; queue<PII> q; bool st[N][N]; void bfs (int x, int y) { q.push ({x, y}); st[x][y] = true ; while (q.size ()) { PII t = q.front (); q.pop (); for (int i = t.ft - 1 ; i <= t.ft + 1 ; i ++ ) for (int j = t.sd - 1 ; j <= t.sd + 1 ; j ++ ) { if (i == t.ft && j == t.sd) continue ; if (i < 0 || i >= n || j < 0 || j >= m) continue ; if (g[i][j] == '.' || st[i][j]) continue ; q.push ({i, j}); st[i][j] = true ; } } } int main () { ios::sync_with_stdio (false ); cin.tie (0 ); cout.tie (0 ); cin >> n >> m; for (int i = 0 ; i < n; i ++ ) cin >> g[i]; int cnt = 0 ; for (int i = 0 ; i < n; i ++ ) for (int j = 0 ; j < m; j ++ ) if (g[i][j] == 'W' && !st[i][j]) { bfs (i, j); cnt ++ ; } cout << cnt << '\n' ; }
城堡问题 原题链接
1 2 3 4 5 6 7 ############################# 1 # | # | # | | # #####---#####---#---#####---# 2 # # | # # # # # #---#####---#####---#####---# 3 # | | # # # # # #---#########---#####---#---# 4 # # | | | | # # ############################# (图 1) # = Wall | = No wall - = No wall 方向:上北下南左西右东。
图1是一个城堡的地形图。
请你编写一个程序,计算城堡一共有多少房间,最大的房间有多大。
城堡被分割成 m∗n 个方格区域,每个方格区域可以有0~4面墙。
注意:墙体厚度忽略不计。
输入格式
第一行包含两个整数 m 和 n,分别表示城堡南北方向的长度和东西方向的长度。
接下来 m 行,每行包含 n 个整数,每个整数都表示平面图对应位置的方块的墙的特征。
每个方块中墙的特征由数字 P 来描述,我们用1表示西墙,2表示北墙,4表示东墙,8表示南墙,P 为该方块包含墙的数字之和。
例如,如果一个方块的 P 为3,则 3 = 1 + 2,该方块包含西墙和北墙。
城堡的内墙被计算两次,方块(1,1)的南墙同时也是方块(2,1)的北墙。
输入的数据保证城堡至少有两个房间。
输出格式
共两行,第一行输出房间总数,第二行输出最大房间的面积(方块数)。
数据范围
1 ≤ m, n ≤ 50, 0 ≤ P ≤ 15
输入样例 4 7 11 6 11 6 3 10 6 7 9 6 13 5 15 5 1 10 12 7 13 7 5 13 11 10 8 10 12 13
输出样例
题意 给出一个城堡中每个房间四面是否有墙壁,输出该城堡有多少个连通的房间,最大的连通块面积是多少
思路 和上一题基本一样,判断每个房间的四面墙壁情况,只是要额外加一个面积的计算
代码 #include <bits/stdc++.h> using namespace std;const int N = 55 ;typedef pair<int , int > PII;#define ft first #define sd second int n, m;int g[N][N]; queue<PII> q; bool st[N][N]; int bfs (int x, int y) { int area = 0 ; int dx[4 ] = {0 , -1 , 0 , 1 }, dy[4 ] = {-1 , 0 , 1 , 0 }; q.push ({x, y}); st[x][y] = true ; while (q.size ()) { PII t = q.front (); q.pop (); area ++ ; for (int i = 0 ; i < 4 ; i ++ ) { int a = t.ft + dx[i], b = t.sd + dy[i]; if (a < 0 || a >= n || b < 0 || b >= m) continue ; if (st[a][b]) continue ; if (g[t.ft][t.sd] >> i & 1 ) continue ; q.push ({a, b}); st[a][b] = true ; } } return area; } int main () { ios::sync_with_stdio (false ); cin.tie (0 ); cout.tie (0 ); cin >> n >> m; for (int i = 0 ; i < n; i ++ ) for (int j = 0 ; j < m; j ++ ) cin >> g[i][j]; int cnt = 0 , area = 0 ; for (int i = 0 ; i < n; i ++ ) for (int j = 0 ; j < m; j ++ ) if (!st[i][j]) { area = max (area, bfs (i, j)); cnt ++ ; } cout << cnt << '\n' << area; }
山峰和山谷 原题链接
FGD小朋友特别喜欢爬山,在爬山的时候他就在研究山峰和山谷。
为了能够对旅程有一个安排,他想知道山峰和山谷的数量。
给定一个地图,为FGD想要旅行的区域,地图被分为 n×n 的网格,每个格子 (i,j) 的高度 w(i,j) 是给定的。
若两个格子有公共顶点,那么它们就是相邻的格子,如与 (i,j) 相邻的格子有(i−1,j−1),(i−1,j),(i−1,j+1),(i,j−1),(i,j+1),(i+1,j−1),(i+1,j),(i+1,j+1)。
我们定义一个格子的集合 S 为山峰(山谷)当且仅当:
S 的所有格子都有相同的高度。
S 的所有格子都连通。
对于 s 属于 S,与 s 相邻的 s′ 不属于 S,都有 ws>ws′(山峰),或者 ws<ws′(山谷)。
如果周围不存在相邻区域,则同时将其视为山峰和山谷。
你的任务是,对于给定的地图,求出山峰和山谷的数量,如果所有格子都有相同的高度,那么整个地图即是山峰,又是山谷。
输入格式
第一行包含一个正整数 n,表示地图的大小。
接下来一个 n×n 的矩阵,表示地图上每个格子的高度 w。
输出格式
共一行,包含两个整数,表示山峰和山谷的数量。
数据范围
1 ≤ n ≤ 1000, 0 ≤ w ≤ 109
输入样例1 5 8 8 8 7 7 7 7 8 8 7 7 7 7 7 7 7 8 8 7 8 7 8 8 8 8
输出样例1 输入样例2 5 5 7 8 3 1 5 5 7 6 6 6 6 6 2 8 5 7 2 5 8 7 1 0 1 7
输出样例2
题意 给出不同地块的高度,高度相同的连通块周边高度都小于等于该连通块高度,那么该连通块为山峰,反之为山谷,问山峰山谷数量
思路 依旧是遍历每一个点,如果没有遍历过该点,就遍历该点所在连通块,直到找到连通块边界,再判断这个连通块是否为山峰或山谷
代码 #include <bits/stdc++.h> using namespace std;const int N = 1010 , M = N * N;typedef pair<int , int > PII;#define ft first #define sd second int n;int h[N][N];queue<PII> q; bool st[N][N];void bfs (int x, int y, bool & has_higher, bool & has_lower) { q.push ({x, y}); st[x][y] = true ; while (q.size ()) { PII t = q.front (); q.pop (); for (int i = t.ft - 1 ; i <= t.ft + 1 ; i ++ ) for (int j = t.sd - 1 ; j <= t.sd + 1 ; j ++ ) { if (i == t.ft && j == t.sd) continue ; if (i < 0 || i >= n || j < 0 || j >= n) continue ; if (h[i][j] != h[t.ft][t.sd]) { if (h[i][j] > h[t.ft][t.sd]) has_higher = true ; else has_lower = true ; } else if (!st[i][j]) { q.push ({i, j}); st[i][j] = true ; } } } } int main () { ios::sync_with_stdio (false ); cin.tie (0 ); cout.tie (0 ); cin >> n; for (int i = 0 ; i < n; i ++ ) for (int j = 0 ; j < n; j ++ ) cin >> h[i][j]; int peak = 0 , valley = 0 ; for (int i = 0 ; i< n; i ++ ) for (int j = 0 ; j < n; j ++ ) if (!st[i][j]) { bool has_higher = false , has_lower = false ; bfs (i, j, has_higher, has_lower); if (!has_higher) peak ++ ; if (!has_lower) valley ++ ; } cout << peak << ' ' << valley << '\n' ; }